题意：给你两个初始分数为0的账号让你去打比赛，每场比赛赢的概率为p，赢了加50分，输了-100分，当然你不会负分，每次你会用分低的账号去打比赛，问你把一个账号打到1000分的需要参加比赛次数的期望值。
思路：网上都是说理所当然，反正这是我做的第二道概率dp我是想不出来，写这个博客是因为别人都没说清楚，我都不知道咋化简的，搞明白后我来写个详细的。
把50分当成1分，赢一把加1分数了-2。dp【i】存的是从i-1分升到i分需要参加比赛次数的期望。如果赢的话，也就是打一场就到了，输的话分数变成了i-3，还得需要1 + dp[i-2] + dp[i-1] + dp[i]次才能到i分，因为就算输了，也是算参加了一次的，所以有这个1。 得到dp[i] = p*1 + (1-p)*(1 + dp[i-2] + dp[i-1] + dp[i]); 把右边的dp[i]移项化简：dp[i] = 1/p + (1-p)/p*(dp[i-2] + dp[i-1]); 只用算出来dp[1] dp[2]就行了，dp[1]很明显是1/p, dp[2]和dp[i]差不多，但是分不会降到负数只会降到0。dp[2] = p*1 + (1-p)*(1+dp[1]+dp[2]), 化简就是dp[2] = 1/p/p;
因为每次会打分第的号，所以结果肯定是一个1000分，一个950分，算出来两个都到1000分需要参加的场次，减去一个950分到1000分需要参加的场数就行了，也就是一个分数到1000一个到950需要的场次。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; double dp[25]; //dp[i] 存的是从i-1涨分到i所需要参加比赛次数的期望
int main()
{
double p, tot;
while(cin >> p){
dp[1] = 1/p;
dp[2] = 1/p + (1-p)/p*dp[1];
tot = dp[1] + dp[2];
for(int i = 3; i <= 20; i++){
dp[i] = 1/p + (1-p)/p*(dp[i-2] + dp[i-1]);
tot += dp[i];
}
printf("%.6lf\n",tot*2 - dp[20]);
}
return 0;
}
