大家好，我是编程熊，双非逆袭选手，字节跳动、旷视科技前员工，ACM金牌，保研985，《ACM金牌选手讲解LeetCode算法系列》作者。
上一篇文章讲解了《线性表》中的数组、链表、栈和队列的概念和基本应用，本文讲解栈和队列的高级应用。
单调栈
双端队列
滑动窗口
单调栈
介绍
单调栈 = 单调 + 栈，因此其同时满足两个特性: 单调性、栈的特点。
单调性: 单调栈里面所存放的数据是有序的(单调递增或递减)。
栈: 后进先出。
因其满足单调性和每个数字只会入栈一次，所以可以在时间复杂度 O(n) 的情况下解决一些问题。
下图是单调栈的图解，栈内数字满足单调性，且满足栈的后进先出的特性。
例题
LeetCode 739. 每日温度
题意
给定每天的温度，求对于每一天需要等几天才可以等到更暖和的一天。如果该天之后不存在 更暖和的天气，则记为 0。
输出一个一维数组，表示每天需要等待的天数。
示例
输入: temperatures = [73,74,75,71,69,72,76,73]
输出: [1,1,4,2,1,1,0,0]
题解
建立单调(非增)栈，栈存放每天的温度，为了方便计算天数，栈中存储的每天的温度在数组中下标，可以通过下标得到对应天的温度。
设温度数组为 a，从左向右依次遍历数组 a，假设当前遍历到数组位置为 j，则对应的天温度为 a[j]，设栈顶元素的位置为 i，则对应的天的温度a[i] ，分为两种情况讨论。
如果 a[j] > a[i]，执行以下三步。
表明比第 i 天更暖和的一天为第 j 天，则第 i 天的答案为 j-i，那么可以将栈顶元素弹出。
重复检查栈顶元素，直至栈顶元素的 a[j] <= a[i] 或者 栈为空。
将 j 入栈。
如果 a[j] <= a[i]，
表明第 i 天没有找到更暖和的一天，无需对栈操作。
将 j 入栈。
然后继续遍历温度数组 a，考虑下一天，直至结束。
遍历结束，若栈不为空，则说明栈内的天找不到更暖和的一天，记为 0。
代码
class Solution {
public int[] dailyTemperatures(int[] T) {
int[] ans = new int[T.length];
Deque<Integer> s = new LinkedList<Integer>();
for(int i = 0; i < T.length; i++) {
while(!s.isEmpty() && T[i] > T[s.peek()]) {
ans[s.peek()] = i - s.pop();
}
s.push(i);
}
return ans;
}
}
LeetCode 316. 去除重复字母
题意
给你一个字符串 s ，请你去除字符串中重复的字母，使得每个字母只出现一次。需保证 返回结果的字典序最小（要求不能打乱其他字符的相对位置）。
示例
输入：s = "bcabc"
输出："abc"
题解
首先思考这个问题的一个简单版本。给一个字符串删除一个字符，使得字典序最小。
解法: 字典序就是字母的大小顺序，我们想字典序最小，那应删除满足 s[i] > s[i+1] 的最小位置 i 上的字符。
回到这个问题，我们也是想尽可能的删除满足 s[i] > s[i+1] 的最小位置 i 上的字符，如果每次都是遍历一遍字符串删除一个字符，这样时间复杂度可能退化到 O(n^2)。
优化方法: 单调栈。
单调栈中存放的是字符，从左往右遍历字符串 s， 设当前遍历到字符串的位置 i，栈顶字符为c，考虑 s[i] 和 栈顶字符的大小关系、位置 i 的字符不在栈中，可分为两种。
若 c > s[i] 并且 位置 i 的字符不在栈中 并且 在位置 i 后面还存在字符 c，那么将 c 从栈中弹出。重复这个过程，直到 c > s[i] 不成立 或者 栈为空。
不满足上述条件，直接将 s[i] 放入栈中。
继续遍历字符串 s，直至结束，最后栈中的字符就是题目要求的字典序最小的字符串。
代码
class Solution {
public String removeDuplicateLetters(String s) {
int[] count = new int[30];
for (int i = 0; i < s.length(); i++) {
count[s.charAt(i) - 'a']++;
}
boolean[] vis = new boolean[30];
StringBuffer ans = new StringBuffer();
for (int i = 0; i < s.length(); i++) {
int c = s.charAt(i) - 'a';
if (!vis[c]) {
while ((ans.length() > 0) && (count[ans.charAt(ans.length() - 1) - 'a'] > 0)
&& ((ans.charAt(ans.length() - 1) - 'a') > c)) {
vis[ans.charAt(ans.length() - 1) - 'a'] = false;
ans.deleteCharAt(ans.length() - 1);
}
vis[c] = true;
ans.append(s.charAt(i));
}
count[c]--;
}
return ans.toString();
}
}
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双端队列 & 滑动窗口
介绍
双端队列是普通队列的加强版 ，区别于队列只能从队头出队，队尾入队；双端队列既可以在队头入队和出队，也可以在队尾入队和出队。
下图是双端队列的的图解，可以看出，双端队列既可以在队头入队和出队，也可以在队尾入队和出队。
例题
LeetCode 239. 滑动窗口最大值
题意
给你一个整数数组 nums，有一个大小为 k 的滑动窗口，从数组的最左侧移动到数组的最右侧。你只可以看到在滑动窗口内的 k 个数字。滑动窗口每次只向右移动一位。返回滑动窗口移动过程中每个窗口中的最大值。
示例
输入：nums = [1,3,-1,-3,5,3,6,7], k = 3
输出：[3,3,5,5,6,7]
解释：
滑动窗口的位置 最大值
--------------- -----
[1 3 -1] -3 5 3 6 7 3
1 [3 -1 -3] 5 3 6 7 3
1 3 [-1 -3 5] 3 6 7 5
1 3 -1 [-3 5 3] 6 7 5
1 3 -1 -3 [5 3 6] 7 6
1 3 -1 -3 5 [3 6 7] 7
题解
滑动窗口经典题，维护一个单调的双端队列，为了方便，双端队列里面的数组的下标，从前往后遍历数组，需要实现两个功能。
若 队头位置下标 和 当前遍历位置下标 的距离大于 k，则删除队头元素，保证了队头下标在当前滑动窗口内。
若 队尾位置下标对应的值 小于 当前位置的值，则删除队尾元素，保证了队头下标对应的值是最大的。
其次将当前遍历位置下标放入双端队列，然后遍历数组的下一个位置，直至结束。
代码
class Solution {
public int[] maxSlidingWindow(int[] nums, int k) {
Deque<Integer> q = new LinkedList<>();
int ans[] = new int[nums.length - k + 1];
for (int i = 0; i < k; i++) {
while (!q.isEmpty() && nums[q.getLast()] < nums[i]) {
q.removeLast();
}
q.addLast(i);
}
ans[0] = nums[q.getFirst()];
for (int i = k; i < nums.length; i++) {
while(!q.isEmpty() && (i - q.getFirst() >= k)) {
q.removeFirst();
}
while(!q.isEmpty() && nums[q.getLast()] < nums[i]) {
q.removeLast();
}
q.addLast(i);
ans[i - k + 1] = nums[q.getFirst()];
}
return ans;
}
}
LeetCode 3. 无重复字符的最长子串
题意
给定一个字符串，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。
示例
输入: s = "abcabcbb"
输出: 3
解释: 因为无重复字符的最长子串是 "abc"，所以其长度为 3。
题解
观察样例，我们可以发现，依次递增地枚举子串的起始位置，那么合法的结束为止一定是递增的，因为对于起始位置 i-1 ，假设其不含有重复字符的最远右位置 j；那么对于起始位置为 i 的子串，因为 [i-1，j] 不含有重复字符，其不含有重复字符的最远右位置一定大于等于 i，因此我们考虑使用滑动窗口来解决本题。
我们可以固滑动窗口的右边界，找到最远的不含有重复字符的左边界 ，根据上面我们观察得到的性质可以，不含有重复字符的左边界是非递减的。
代码具体实现上我们可以用 双端队列实现滑动窗口，辅助数组 cnt 统计窗口内每个字符出现的次数 ，来判断窗口是否有重复的字符。
代码
class Solution {
public int lengthOfLongestSubstring(String s) {
char[] cnt = new char[128];
LinkedList<Character> q = new LinkedList<Character>();
int ans = 0;
for (int i = 0; i < s.length(); i++) {
q.add(s.charAt(i));
cnt[s.charAt(i)]++;
while (cnt[s.charAt(i)] > 1) {
char frontC = q.pollFirst();
cnt[frontC]--;
}
ans = Math.max(ans, q.size());
}
return ans;
}
}
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